Az osztófüggvény egy egész szám osztóihoz társított aritmetikai függvény . A függvényt osztófüggvénynek is nevezik . Különösen a Riemann-zéta-függvény és az Eisenstein-sorok közötti kapcsolat vizsgálatára használják moduláris formák esetében . Ramanujan tanulmányozta , aki számos fontos egyenlőséget származtatott a moduláris aritmetikában és az aritmetikai azonosságokban .
Ehhez a függvényhez szorosan kapcsolódik az összegző osztófüggvény , amely, ahogy a neve is sugallja, az osztófüggvény összege .
A „ pozitív osztók összege ” σ x ( n ) függvény egy x valós vagy komplex számhoz az n pozitív osztóinak x - edik hatványainak összegeként van definiálva . A függvény a képlettel fejezhető ki
ahol azt jelenti, hogy " d osztja n -t ". A d ( n ), ν( n ) és τ( n ) jelölést (a német Teiler = osztó szóból) σ 0 ( n ), vagy az osztók számának függvénye [1] [2] jelölésére is használják . Ha x 1, akkor a függvényt szigmafüggvénynek vagy osztók összegének nevezzük [3] , és az indexet gyakran kihagyjuk, így σ( n ) ekvivalens σ 1 ( n ) [4] -vel .
Az ns(n) aliquot összege asajátosztóinak összege (azazaz összes osztó, kivéve magát .n) −n(1), és egyenlő σ[5]n
Például σ 0 (12) a 12 szám osztóinak száma:
míg σ 1 (12) az összes osztó összege:
és a megfelelő osztók s(12) aliquot összege:
n | Elválasztók | σ 0 ( n ) | σ 1 ( n ) | s ( n ) = σ 1 ( n ) − n | Hozzászólások |
---|---|---|---|---|---|
egy | egy | egy | egy | 0 | négyzet: a σ 0 ( n ) érték páratlan; 2. fok: s( n ) = n − 1 (majdnem tökéletes) |
2 | 1.2 | 2 | 3 | egy | prím: σ 1 (n) = 1+n, tehát s(n) =1 |
3 | 1.3 | 2 | négy | egy | prím: σ 1 (n) = 1+n, tehát s(n) =1 |
négy | 1,2,4 | 3 | 7 | 3 | négyzet: σ 0 ( n ) páratlan; hatvány 2: s ( n ) = n − 1 (majdnem tökéletes) |
5 | 1.5 | 2 | 6 | egy | prím: σ 1 (n) = 1+n, tehát s(n) =1 |
6 | 1,2,3,6 | négy | 12 | 6 | első tökéletes szám : s ( n ) = n |
7 | 1.7 | 2 | nyolc | egy | prím: σ 1 (n) = 1+n, tehát s(n) =1 |
nyolc | 1,2,4,8 | négy | tizenöt | 7 | hatvány 2: s ( n ) = n − 1 (majdnem tökéletes) |
9 | 1,3,9 | 3 | 13 | négy | négyzet: σ 0 ( n ) páratlan |
tíz | 1,2,5,10 | négy | tizennyolc | nyolc | |
tizenegy | 1.11 | 2 | 12 | egy | prím: σ 1 (n) = 1+n, tehát s(n) =1 |
12 | 1,2,3,4,6,12 | 6 | 28 | 16 | első redundáns szám : s ( n )> n |
13 | 1.13 | 2 | tizennégy | egy | prím: σ 1 (n) = 1+n, tehát s(n) =1 |
tizennégy | 1,2,7,14 | négy | 24 | tíz | |
tizenöt | 1,3,5,15 | négy | 24 | 9 | |
16 | 1,2,4,8,16 | 5 | 31 | tizenöt | négyzet: σ 0 ( n ) páratlan; hatvány 2: s ( n ) = n − 1 (majdnem tökéletes) |
Az esetek és így tovább az A001157 , A001158 , A001159 , A001160 , A013954 , A013955 ...
Olyan egész számok esetében, amelyek nem négyzetek, n minden d osztójának van egy n/d osztója, ezért ilyen számok esetén mindig páros. Négyzeteknél egy osztónak, nevezetesen , nincs párja, így mindig páratlan számukra.
p prímszám esetén _
mert definíció szerint egy prímszám csak eggyel és önmagával osztható. Ha p n # ősrégiót jelent, akkor
Nyilvánvaló ,
hogy mindenkinek .
Az osztófüggvény multiplikatív , de nem teljesen szorzó .
Ha írunk
,ahol r = ω ( n ) n prímosztóinak száma , p i az i - edik prímosztó, a i pedig p i maximális hatványa , amely osztja n -t , akkor
,ami egyenértékű:
Ha x = 0-t teszünk, akkor azt kapjuk, hogy d ( n ) a következő:
Például az n \u003d 24 számnak két prímosztója van - p 1 \u003d 2 és p 2 \u003d 3. Mivel a 24 a 2 3 × 3 1 szorzata , akkor egy 1 \u003d 3 és egy 2 \u003d 1 .
Most kiszámolhatjuk :
A 24 nyolc osztója 1, 2, 4, 8, 3, 6, 12 és 24.
Vegyük észre azt is, hogy s ( n ) = σ ( n ) − n . Itt s ( n ) az n szám megfelelő osztóinak összegét jelöli , vagyis azokat az osztókat, amelyek nem számítanak magának az n számnak . Ez a függvény egy szám tökéletességének meghatározására szolgál - számukra s ( n ) = n . Ha s ( n )> n , n -t túlzónak , ha s ( n )< n -nek nevezzük, akkor n -t elégtelennek nevezzük .
Ha n kettő hatványa , akkor s (n) = n - 1 , ami n -t majdnem tökéletessé teszi .
Példaként két egyszerű p és q esetén (ahol p < q ) legyen
Akkor
és
ahol φ ( n ) az Euler-függvény .
Ezután az egyenlet p és q gyöke:
kifejezhető σ ( n ) és φ ( n ) értékekkel :
Ismerve n és vagy σ ( n ) vagy φ ( n ) (vagy p+q és vagy σ ( n ) vagy φ ( n ) ismeretében könnyen megtalálhatjuk p és q értéket .
1984-ben Roger Heath-Brown bebizonyította ezt
végtelenül sokszor előfordul.
Két Dirichlet sorozat az osztófüggvény használatával:
és a d ( n ) = σ 0 ( n ) jelöléssel azt kapjuk
és a második sor
Lambert sorozat az osztófüggvény használatával:
bármilyen komplex | q | ≤ 1 és a .
Ez az összeg megjelenik az Eisenstein -sor Fourier-sorában és a Weierstrass-elliptikus függvények invariánsaiban is .
Az o-small szempontjából az osztófüggvény kielégíti az egyenlőtlenséget (lásd az Apostol könyvének 296. oldalát [6] )
mindenkinekSeverin Wiegert pontosabb becslést adott
Másrészt, mivel a prímszámok száma végtelen ,
A nagy O tekintetében Dirichlet megmutatta, hogy az osztófüggvény átlagos sorrendje kielégíti a következő egyenlőtlenséget (lásd az Apostol könyvének 3.3. tételét)
mindenkinekhol van az Euler-Mascheroni állandó .
Ebben a képletben a határ javításának feladata a Dirichlet-osztó probléma
A szigma függvény viselkedése nem egyenletes. A szigmafüggvény aszimptotikus növekedési üteme a következő képlettel fejezhető ki:
ahol a lim sup a felső határa . Ez az eredmény Grönwall 1913-ban publikált tétele [7] . Bizonyítása Mertens harmadik tételét használja , amely szerint
ahol p prím.
1915-ben Ramanujan bebizonyította, hogy a Riemann-hipotézis szerint az egyenlőtlenség
(Robin egyenlőtlensége)minden kellően nagy n -re érvényes [8] . 1984-ben Guy Robin bebizonyította, hogy az egyenlőtlenség akkor és csak akkor igaz minden n ≥ 5041-re, ha a Riemann-hipotézis igaz [9] . Ez Robin tétele , és az egyenlőtlenség a tétel bizonyítása után vált széles körben ismertté. A legnagyobb ismert szám, amely megsérti az egyenlőtlenséget: n = 5040. Ha a Riemann-hipotézis igaz, akkor nincs ennél nagyobb és az egyenlőtlenséget megsértő szám. Robin megmutatta, hogy ha a hipotézis hibás, akkor végtelenül sok n szám sérti az egyenlőtlenséget, és ismert, hogy az ilyen számok közül a legkisebbnek, amely n ≥ 5041 , szuperredundáns számnak kell lennie [10] . Kimutatták, hogy az egyenlőtlenség nagy páratlan négyzet nélküli számokra érvényes, és hogy a Riemann-hipotézis ekvivalens a prímszám ötödik hatványával osztható összes n szám egyenlőtlenségével [11].
Jeffrey Lagarias 2002-ben bebizonyította, hogy a Riemann-hipotézis egyenértékű az állítással
bármely természetes n esetén, ahol az n- edik harmonikus szám [12] .
Robin bebizonyította, hogy az egyenlőtlenség
n ≥ 3 esetén minden további feltétel nélkül teljesül .
Számok oszthatósági jellemzők szerint | ||
---|---|---|
Általános információ | ||
Faktorizációs formák | ||
Korlátozott osztókkal |
| |
Számok sok osztóval | ||
Alikvot szekvenciákkal kapcsolatos |
| |
Egyéb |
|